www.VNMATH.com TRƯỜNG THPT CHUYÊN HƯNG YÊN BAN CHUYÊN MÔN ĐỀ THI THỬ KỲ THI THPT QUỐC GIA 2015 Môn thi: TOÁN Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề Câu 1 (2,0 điểm). Cho hàm số 3 23 2y x mx (1), với m là tham số thực. a) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số (1) khi m = 1. b) Tìm m để đồ thị hàm số (1) có hai điểm cực trị A, B sao cho diện tích tam giác OAB bằng 2 (O là gốc tọa độ). Câu 2 (1,0 điểm). Giải bất phương trình 11 1 2 2 2 log 4 4 log 2 3 log 2x x x . Câu 3 (1,0 điểm). a) Gọi A, B là hai điểm biểu diễn cho các số phức là nghiệm của phương trình 2 2 3 0z z . Tính độ dài đoạn thẳng AB. b) Trong kì thi THPT Quốc gia năm 2015, mỗi thí sinh có thể dự thi tối đa 8 môn: Toán, Lý, Hóa, Sinh, Văn, Sử, Địa và Tiếng anh. Một trường Đại học dự kiến tuyển sinh dựa vào tổng điểm của 3 môn trong kì thi chung và có ít nhất 1 trong hai môn là Toán hoặc Văn. Hỏi trường Đại học đó có bao nhiêu phương án tuyển sinh? Câu 4 (1,0 điểm). Tính tích phân 2 0 sin cos 2 3cos 2 x I dx x x Câu 5 (1,0 điểm). Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho hai điểm 4;2;2 , 0;0;7A B và đường thẳng 3 6 1 : 2 2 1 x y z d . Chứng minh rằng hai đường thẳng d và AB cùng thuộc một mặt phẳng. Tìm điểm C thuộc đường thẳng d sao cho tam giác ABC cân đỉnh A. Câu 6 (1,0 điểm). Cho lăng trụ đứng . ' ' 'ABC A B C có đáy là tam giác cân, AB AC a , 0120BAC . Mặt phẳng (AB'C') tạo với mặt đáy góc 600. Tính thể tích lăng trụ ABC.A'B'C' và khoảng cách từ đường thẳng BC đến mặt phẳng ' 'AB C theo a . Câu 7 (1,0 điểm). Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho hình vuông ABCD có 1;2A . Gọi M, N lần lượt là trung điểm của cạnh AD và DC; K là giao điểm của BN với CM. Viết phương trình đường tròn ngoại tiếp tam giác BMK, biết BN có phương trình 2 8 0x y và điểm B có hoành độ lớn hơn 2. Câu 8 (1,0 điểm). Giải hệ phương trình 2 2 2 2 1 2 2 3 , 1 2 2 y x y x y xy x y y x y y x Câu 9 (1,0 điểm). Cho , ,x y z là các số thực dương thỏa mãn 2 2 25 9 2x y z xy yz zx Tìm giá trị lớn nhất của biểu thức: 32 2 1x P y z x y z ---------------Hết---------------- WW W. VN MA TH .CO M www.VNMATH.com ĐÁP ÁN Câu Nội dung Điểm a) Khảo sát hàm số 3 23 2y x mx Với m = 1, ta có hàm số: y = x3 + 3x2 + 2 *) TXĐ: *) Sự biến thiên: +) Giới hạn tại vô cực: lim x y 0,25 +) Chiều biến thiên: y' = 3x2 + 6x y' = 0 x = 0 hoặc x = -2 Bảng biến thiên: x - - 2 0 + y’ + 0 - 0 + y 6 + 2 - 0,25 hàm số đồng biến trên (-; -2) và (0; +); hàm số nghịch biến trên (-2; 0) hàm số đạt cực đại tại x = -2, yCĐ = 6; hàm số đạt cực tiểu tại x = 0, yCT = 2 0,25 *) Đồ thị: Nhận xét: đồ thị hàm số nhận điểm I(-1; 4) làm tâm đối xứng. 0,25 b) Tìm m để đồ thị hàm số (1) có hai điểm cực trị A, B sao cho diện tích tam giác OAB bằng 2 Với mọi x , y' = 3x2 + 6mx y' = 0 x = 0 hoặc x = -2m Để hàm số có cực đại, cực tiểu thì phương trình y' = 0 có hai nghiệm phân biệt m 0 Khi đó, tọa độ các điểm cực trị là: A(0; 2); B(-2m; 4m3 + 2) 0,5 1 SOAB = 1 OA.d(B;OA) = 4 1 2 2 1 m m m (thỏa mãn) Vậy với m = 1 thì hàm số có 2 cực trị thỏa mãn bài. 0,5 2 11 1 2 2 2 log 4 4 log 2 3 log 2x x x 0,5 6 4 2 -2 -5 5 WW W. VN MA TH .CO M www.VNMATH.com 1 1 1 1 2 2 2 2 1 1 1 2 2 log 4 4 log 2 3 log 2 log 4 4 log 2 3.2 x x x x x x 2 14 4 2 3.2 4 3.2 4 0 2 1 2 2 4 x x x x x x x L x Vậy BPT có tập nghiệm: S = 2; 0,5 a) Xét phương trình: 2 2 3 0z z ' = 1 - 3 = -2 = 2 2i Phương trình có hai nghiệm: 1 21 2; 1 2z i z i 0,25 1; 2 ; 1; 2A B AB = 2 2 0,25 b) TH1: Trường ĐH chỉ xét 1 trong 2 môn Toán hoặc Văn: Có: 262. 30C (cách) 0,25 3 TH2: Trường ĐH xét cả hai môn Toán và Văn: Có: 161. 6C (cách) Vậy có các trường hợp là: 30 + 6 = 36 (cách) 0,25 2 2 2 0 0 sin sin cos2 3cos 2 2cos 3cos 1 x x I dx dx x x x x Đặt cosx = t dt = -sinxdx Với x = 0 t = 1; với x = 2 t = 0 0,25 1 1 1 2 0 0 0 1 1 2 2 3 1 2 1 1 2 1 2 2 dt dt I dt t t t t t t 0,25 4 = 1 0 2 1 3 ln ln 2 2 2 t t 0,5 WW W. VN MA TH .CO M www.VNMATH.com Đường thẳng d có véctơ chỉ phương 2;2;1u và đi qua M(3;6;1) Đường thẳng AB có véctơ chỉ phương 4; 2;5AB 1;4; 1AM Ta có: , 12;6;12u AB , . 12 24 12 0u AB AM Vậy AB và d đồng phẳng 0,5 5 3 2 ;6 2 ;1C d C t t t Tam giác ABC cân tại A AB = AC (1 + 2t)2 + (4 + 2t)2 + (1 - t)2 = 45 9t2 + 18t - 27 = 0 t = 1 hoặc t = -3 Vậy C(1; 8; 2) hoặc C(9; 0; -2) 0,5 + Xác định góc giữa (AB'C') và mặt đáy là 'AKA 0' 60AKA . Tính A'K = 1 ' ' 2 2 a A C 0 3 ' ' . tan 60 2 a AA A K 3 . ' ' ' 3 =AA'.S 8 ABC A B C ABC a V 0,5 6 +) d(B;(AB'C')) = d(A';(AB'C')) Chứng minh: (AA'K) (AB'C') Trong mặt phẳng (AA'K) dựng A'H vuông góc với AK A'H (AB'C') d(A';(AB'C')) = A'H Tính: A'H = 3 4 a Vậy d(B;(AB'C')) = 3 4 a 0,5 H K C' B' A' CB A WW W. VN MA TH .CO M www.VNMATH.com Gọi E = BN AD D là trung điểm của AE Dựng AH BN tại H 8 AH d A;BN 5 Trong tam giác vuông ABE: 2 2 2 2 1 1 1 5 AH AB AE 4AB 5.AH AB 4 2 0,25 B BN B(b; 8 - 2b) (b > 2) AB = 4 B(3; 2) 0,25 Phương trình AE: x + 1 = 0 E = AE BN E(-1; 10) D(-1; 6) M(-1; 4) 0,25 7 Gọi I là tâm của (BKM) I là trung điểm của BM I(1; 3) BM R 5 2 . Vậy phương trình đường tròn: (x - 1)2 + (y - 3)2 = 5. 0,25 2 2 2 2 1 2 2 3 1 1 2 2 2 y x y x y xy y x y x y ĐK: y -1 Xét (1): 2 21 2 2 3y x y x y xy Đặt 2 22 0x y t t Phương trình (1) trở thành: 2 2 21 2 2 3 0t y t x y x y xy = (1 - y)2 + 4(x2 + 2y2 + x + 2y + 3xy) = (2x + 3y + 1)2 2 2 2 2 2 11 2 2 2 x y x yt x y t x y x y x y 0,5 8 Với 2 22 1x y x y , thay vào (2) ta có: 2 1 1 3 1 03 9 5 0 y y y y y y 2 1x x (vô nghiệm) 0,25 H E K N M D C BA WW W. VN MA TH .CO M
Tài liệu đính kèm: